Microsoft Word - INTEGRALI ZADACI - v deo

Слични документи
Microsoft Word - INTEGRALI ZADACI - v deo

Microsoft Word - INTEGRALI ZADACI.doc

Microsoft Word - integrali IV deo.doc

Microsoft Word - KRIVOLINIJSKI INTEGRALI zadaci _I deo_.doc

Microsoft Word - Integrali III deo.doc

(Microsoft Word - VI\212ESTRUKI INTEGRALI- zadaci _ I deo_.doc)

(Microsoft Word - RE\212AVANJE SISTEMA JEDNACINA _metoda det._)

Microsoft Word - MATRICE ZADACI ii deo

Microsoft Word - PRIMENE SLICNOSTI NA PRAVOUGLI TROUGAO.doc

(Microsoft Word - Vietove formule. Rastavljanje kvadratnog trinoma na lenear\205)

Microsoft Word - Integrali vi deo

Microsoft Word - VALJAK.doc

Microsoft Word - INTEGRALI.doc

Microsoft Word - GEOMETRIJA 3.4..doc

Petar Stipanovid :: Rješenja 2. pismenog ispita iz MMF1 2010/ I2-1 Ako su Φ = r sin πφ + θ ; F = r 2 sin θ r + r cos φ θ + cos θ φ; M = log 2

(Microsoft Word - EKSTREMUMI FUNKCIJA VI\212E PROMENLJIVIH _ii deo_.doc)

Microsoft Word - BROJNI REDOVI zadaci _II deo_.doc

Microsoft Word - KRIVOLINIJSKI INTEGRALI zadaci iii deo.doc

(Microsoft Word - VI\212ESTRUKI INTEGRALI zadaci III deo)

Microsoft Word - MATRICE.doc

T E O R I J A G R A F O V A Do sada smo koristili grafove za predstavljanje relacija. Međutim, teorija grafova je samostalni i važan deo matematike. G

Microsoft Word - IZVODI _3. deo_.doc

IV 3. Prostor matrica datog tipa nad poljem. Neka je dato polje (F, +, ) i neka su m, n N. Pravougaona šema mn skalara iz polja F, koja se sastoji od

Microsoft Word - PRIMENA INTEGRALA.doc

Microsoft Word - 11ms201

Microsoft Word - 26ms281

Microsoft Word - NULE FUNKCIJE I ZNAK FUNKCIJE.doc

PRIRODNO-MATEMATIČKI FAKULTET Univerzitet u Nišu MASTER RAD Karamatine pravilno promenljive funkcije i linearne diferencijalne jednačine Mentor: Prof.

PLB146 Manual

1. Realni brojevi

Microsoft Word - GRAFICI TRIGONOMETRIJSKIH FUNKCIJA-II deo.doc

Microsoft Word - IZVODI ZADACI _4. deo_

Microsoft Word - IZVODI ZADACI _2.deo_

Zad.RGS.2012za sajt [Compatibility Mode]

MLADI NADARENI MATEMATIČARI Marin Getaldic Uvod u nejednakosti Nejednakosti su područje koje je u velikoj mjeri zastupljeno na matematički

Neodreeni integrali - Predavanje III

Stokesov teorem i primjene Stokesov teorem - iskaz pogledati u predavanjima (Teorem 21.7.) Zadatak 1 Izračunajte ukupni fluks funkcije F kroz plohu D,

untitled

Jednadžbe - ponavljanje

Microsoft Word - PARNOST i NEPARNOST FUNKCIJE.PERIODICNOST

SVEUČILIŠTE U ZAGREBU PRIRODOSLOVNO MATEMATIČKI FAKULTET MATEMATIČKI ODSJEK Valentina Zemlić LAPLACEOVA TRANSFORMACIJA Diplomski rad Voditelj rada: do

My_P_Red_Bin_Zbir_Free

Microsoft Word - ASIMPTOTE FUNKCIJA.doc

Microsoft Word - 26ms441

Ortogonalni, Hermiteovi i Jacobijevi polinomi Safet Penjić Naučno-istraživački rad* koji je razvijen kao parcijalno ispunjenje obav

Microsoft Word - IZVODI ZADACI _I deo_.doc

Microsoft Word - ASIMPTOTE FUNKCIJE.doc

1 Polinomi jedne promenljive Neka je K polje. Izraz P (x) = a 0 + a 1 x + + a n x n = n a k x k, x K, naziva se algebarski polinom po x nad poljem K.

Microsoft Word - SISTEMI DIFERENCIJALNIH JEDNACINA,zadaci.doc

Microsoft Word - VEROVATNOCA II deo.doc

Zadaci s pismenih ispita iz matematike 2 s rješenjima MATEMATIKA II x 4y xy 2 x y 1. Odredite i skicirajte prirodnu domenu funkcije cos ln

Sveučilište J.J. Strossmayera u Osijeku Odjel za matematiku Sveučilišni preddiplomski studij matematike Zlatko Trstenjak Određeni integral i primjene

Zadatak 1 U jednodimenzionalnoj kutiji, širine a, nalazi se 1000 neutrona. U t = 0, stanje svake čestice je ψ(x, 0) = Ax(x a). a) Normirajte valnu fun

Slide 1

Microsoft Word - MATRICE ZADACI III deo.doc

My_ST_FTNIspiti_Free

(Microsoft Word - Dr\236avna matura - lipanj osnovna razina - rje\232enja)

Microsoft Word - Andrea Gelemanovic i Martina Hrkovac - Dvodimenzionalna valna jednadzba.doc

Primjena neodredenog integrala u inženjerstvu Matematika 2 Erna Begović Kovač, Literatura: I. Gusić, Lekcije iz Matematike 2

Microsoft Word - Analiticka - formule.doc

Microsoft Word - 6ms001

JMBAG IME I PREZIME BROJ BODOVA 1. (ukupno 6 bodova) MJERA I INTEGRAL 1. kolokvij 4. svibnja (Knjige, bilježnice, dodatni papiri i kalkulatori n

Matematka 1 Zadaci za vežbe Oktobar Uvod 1.1. Izračunati vrednost izraza (bez upotrebe pomoćnih sredstava): ( ) [ a) : b) 3 3

trougao.dvi

s2.dvi

Sveučilište u Splitu Fakultet prirodoslovno-matematičkih znanosti i odgojnih područja Zavod za fiziku Pripremni tečaj za studente prve godine INTEGRAL

Problem površine - odredeni integral Matematika 2 Erna Begović Kovač, Literatura: I. Gusić, Lekcije iz Matematike 2

Microsoft Word - 15ms261

OSNOVI ANALOGNIH TELEKOMUNIKACIJA

(Microsoft Word - Dr\236avna matura - lipanj vi\232a razina - rje\232enja)

Algebarski izrazi (4. dio)

Microsoft Word - PARCIJALNI IZVODI I DIFERENCIJALI.doc

1. GRUPA Pismeni ispit iz MATEMATIKE Prezime i ime broj indeksa 1. (15 poena) Rexiti matriqnu jednaqinu 3XB T + XA = B, pri qemu

Microsoft Word - CLANAKzacasopis[2].doc Sandra Kosic.doc

Konstrukcija linearnih višekoračnih metodi Postoje tri važne familije višekoračnih metoda: Adamsovi metodi Adams-Bashfortovi metodi kod kojih je ρ(w)

Microsoft Word - 16ms321

Nastavna cjelina: 6. Sukladnost i sličnost Nastavne jedinice: -SUKLADNOST DUŽIN I KUTOVA -SUKLADNOST TROKUTA -SIMETRALA DUŽINE, KUTA I SREDNJICA TROKU

Microsoft PowerPoint - Intervencija10.ppt

(Microsoft Word - Dr\236avna matura - kolovoz vi\232a razina - rje\232enja)

SKRIPTE EKOF 2019/20 skripteekof.com Lekcija 1: Brojevni izrazi Lekcija 1: Brojevni izrazi Pregled lekcije U okviru ove lekcije imaćete priliku da nau

PITANJA I ZADACI ZA II KOLOKVIJUM IZ MATEMATIKE I Pitanja o nizovima Nizovi Realni niz i njegov podniz. Tačka nagomilavanja niza i granična vrednost(l

Da bismo došli do algoritma kojim se jednoznačno formira graf linearnog električnog kola, bez obzira na karakteristike njegovih elemenata i postojanje

1

Microsoft Word - MNOGOUGAO.doc

Numerička matematika 11. predavanje dodatak Saša Singer web.math.pmf.unizg.hr/~singer PMF Matematički odsjek, Zagreb NumMat 2019, 11. p

Skalarne funkcije više varijabli Parcijalne derivacije Skalarne funkcije više varijabli i parcijalne derivacije Franka Miriam Brückler

PRIRODNO-MATEMATIČKI FAKULTET U NIŠU DEPARTMAN ZA MATEMATIKU I INFORMATIKU ZADACI SA REŠENJIMA SA PRIJEMNOG ISPITA IZ MATEMATIKE, JUN Odrediti

Алгебарски изрази 1. Запиши пет произвољних бројевних израза. 2. Израчунај вредност израза: а) : ; б) : (

18 1 DERIVACIJA 1.3 Derivacije višeg reda n-tu derivaciju funkcije f označavamo s f (n) ili u Leibnizovoj notaciji s dn y d x n. Zadatak 1.22 Nadite f

DRŽAVNO NATJECANJE IZ MATEMATIKE Primošten, 4.travnja-6.travnja razred-rješenja OVDJE SU DANI NEKI NAČINI RJEŠAVANJA ZADATAKA. UKOLIKO UČENIK

PowerPoint Presentation

(Microsoft Word - Dr\236avna matura - studeni osnovna razina - rje\232enja)

Matematika 1 - izborna

3. Neprekinute funkcije U ovoj to ki deniramo neprekinute funkcije. Slikovito, graf neprekinute funkcije moºemo nacrtati a da ne diºemo olovku s papir

Транскрипт:

INTEGRALI ZADACI (V-DEO) Inegrli nekih funkij koje sdrže kvdrni rinom Njpre ćemo proučii inegrle oblik: I= i I = Kod njih se kvdrni rinom svede n knonični oblik pomoću formule: b 4 b = + + 4 nrvno, možemo korisii i dopunu do punog kvdr, ko ne voli d pmi formulu. b + = Zim uzimmo smenu: = d, i dobijemo neki od bličnih inegrl. I + = se može svesi n = rg + C, ln C + = + ili ln = + C + I = se svodi njčešće n = + C ili rsin ln C ± = + ± + primer. = 6+ b b 4 b 6 + = Ovde je =, = 6, = p o zmenimo u formuliu + +, dkle: 4 b 4 b 6 4 ( 6) 5 6 + + = + + = ( ) + = ( ) + 4 4 4 4 Lkše je nrvno izvršii dopunu do punog kvdr, zne ono dodmo i oduzmemo onj uz podeljen s p o n kvdr. broj uz 6+ = 6+ 9 9+ = ( ) + 4 Uz je 6, p dodjemo i oduzimmo 6 = 9

Vrćmo se u inegrl: = d = = = ( ovo je = rg + C iz bele)= 6 + ( ) + 4 = d + + rg + C= ( vrimo smenu) = rg + C primer. 6+ 5 = 5 9 9 5 4 4 4 6+ 5= ( + ) = ( + + ) = [( ) + ] = = = = = 6+ 5 [( ) + ] ( ) + = d + ( ) 4 4 Uporebimo iz blie = ln + ± + C ± 5 ln ( ) ln = + + + C= vrimo smenu= + + + C + ( ) Kd znmo ov dv ip inegrl,možemo nučii i : I A+ = i I4 = A+ b + + Oni se rdom svedu n prehodn dv inegrl: I A+ = se svede n inegrl I=, dok se I 4 A+ = svede n inegrl I =. Posoje goove formulie u kojim reb smo d uporedie i ndjee vrednosi z A,,,b i. Pzie: njih smee korisii smo ko o odobrv vš profesor! Mi ćemo vm pokzi i eo posupk u slučju d ne smee d korisie formule

Formulie su: I = A ln +(- Ab ) I +C i A A b I4 = + I +C + primer. = + + A+ Ovo je očigledno inegrl ip I = Uporedjivnjem dobijmo d je : A=, =, =, b=,= A Ab I = ln + ( ) I+ C A=, =, =, b=, = I = ln + + + ( ) I+ C= ln + + + I+ C Sd immo poso d rešimo inegrl ip I= i d njegovo rešenje posle vrimo u formulu. + + I= = + + + + = + + + = + + 4 4 4 ( ) + = + I = = = = = rg = rg = + + d + + = + ( ) 4 + = rg Vrimo se u formulu: + = ln + + + I + C= ln + + + + + + ln + + + rg + C + rg + C

Kko bi ovj inegrl rešvli d nismo smeli korisii formulu + = + + Idej je d se izrz u brojiou A+ nprvi d bude izvod izrz u imeniou. To možee urdii ko šo izvučee ispred inegrl A. U nšem primeru immo + + u imeniou, njegov izvod je + + = +, šo znči d u brojiou reb d ( )` nprvimo +, odnosno d izvučemo A = ispred inegrl! + + + + + = = = ( + ) + + + + + + + + + + Sd se problem sveo n rešvnje dv inegrl, gde prvi uvek rdimo smenom, drugi je ip I. + + = = = d= = + + + + (+ ) = d + ln ln Ovj drugi smo već rešvli: ( ) + = + = = = = = rg = rg = + + + + d + + = + ( ) 4 + = rg Vrimo se n zdk : + + = ( + ) = + + + + + + + = (ln + + + rg ) + C + = ln + + + rg + C 4

primer 4. 5+ = + 4+ 0 I nčin ( uz pomoć formule) A A b I = + I 5+ = + 4+ 0 A= 5, =, =, b= 4, = 0 4 5+ 5 5 4 4 0 + + + 4+ 0 = 5 + 4+ 0 + ( 7) + 4+ 0 = 5 + 4+ 0 7 + 4+ 0 = + 4+ 0+ D rešimo ovj inegrl posebno, p ćemo vrii njegovo rešenje... = + 4+ 0 + 4+ 0= + 4+ 4 4+ 0 = ( + ) + 6 + = : ln + 4+ 0 ( + ) + 6 = d + 6 ± = = = = korisimo = + ± + C ln 6 ln 4 0 = + + = + + + + 5+ + = 5 7 + 4 + 0 + 4 + 0 + 4 + 0 = + + + + + + + C 5 4 0 7 ln 4 0 II nčin (direkno, bez uporebe formulie) 5+ = + 4+ 0 Kko je izvod ( 4 0)` 4 ( ) + + = + = + u brojiou mor bii nprvljeno o. 5

5( + ) + + 5+ = 5 = 5 5 = + 4 + 0 + 4 + 0 + 4 + 0 + + = 5 ( 5 + ) + 4+ 0 + 4+ 0 7 + = 5 ( 5 + ) + 4+ 0 + 4+ 0 + = 5 7 + 4+ 0 + 4+ 0 Sd rdimo ov dv inegrl ( drugi smo već rešvli kod prvog nčin). + + 4+ 0= (+ 4) = d = ( + ) = + 4+ 0 ( + ) = d d = d = d= = + 4+ 0 = + 4+ 0 + 4+ 0= + 4+ 4 4+ 0 = ( + ) + 6 + = : ln + 4+ 0 ( + ) + 6 = d + 6 ± = = = = korisimo = + ± + C ln 6 ln 4 0 = + + = + + + + Vrimo se u zdk: 5+ + = 5 7 + 4 + 0 + 4 + 0 + 4 + 0 = + + + + + + + C 5 4 0 7 ln 4 0 6

+ 7 primer 5. = + Ovj primer vm nvodimo jer rebe vodii rčun o polinomu u imeniou! A+ Rekli bi d je ovo inegrl ip I = i rdili bi: + 7 + + 6 + 6 = = + = + + + + Rešimo ov dv inegrl posebno, p ćemo zmenii njihov rešenj... + + = d = = = = + + (+ ) = d ln ln 6 = 6 = + + 9 + = + + = ( + ) 4 4 4 + = 6 = 6 = 6 : ln = = korisimo = + C + 9 ( + ) + = d 4 + = 6 ln = ln = ln + + + + vrimo rešenj: + 7 + 6 = + = + + + = ln + + ln + C + = ln ( )( + ) + ln + C + ( ) = ln ( ) ( + ) ( + ) ( ) = ln + C ( + ) + C 7

Nije bilo lko rešii g, priznćee... Nismo rzmišljli jednu drugu svr: D li je ovj zdk mogo d se urdi ko inegrij rionlne funkije Proverimo d li polinom u imeniou može d se rsvi n činioe... b± b 4, + = 0 = =, = MOŽE! Lkše je rdii ( br nm): + 7 = + + 7 + 7 A = = +.../ i( )( + ) + ( )( + ) + + 7 = A( + ) + ( ) + 7= A+ A+ + 7 = ( A+ ) + A uporedjujemo A+ = A = 7 A= 9 A= = + 7 = + = ( )( + ) + + + 7 = = ln ln + + C ( )( + ) + = ln ln + + C ( ) = ln + C + Nš sve je dkle d proverie d li je kvdrn jednčin u imeniou rešiv i d ko jese rdie inegrl ko inegriju rionlne funkije. A+ Ako kvdrn nije rešiv, rdie g ko inegrl ip I =. Videli se d su ispl is rešenj. Uoslom, odlučie smi, š vm više odgovr ili kko pk komnduje profesor... 8

Sledeći ip inegrl je ( ) m+ n m+ n= Ovi inegrli se smenom: m= d = d m, svedu n inegrl ip I = primer 6. = 4 + Njpre uzimmo smenu = kojom svodimo di inegrl n ip I. = d d d = = = 4 = + 4 = = d ( ) 4 + + 4+ d d d = = 4+ 4+ 4+ = 4+ = 4+ 4 4+ = ( ) d d = z d = : ln, = = = korisimo = + ± + C p je 4 ( ) d= dz + z ± = ln z+ z = vrimo smenu= ln + 4+ + C Mormo d vrimo i prvu smenu : C C = ln + 4 + + = ln + ( ) 4 + + 9

Meod neodredjenih koefiijen (meod Osrogrdskog) Ovom meodom se rešvju inegrli ip polinom n-og sepen. P ( ) n gde je u brojiou podinegrlne funkije immo Posupk rd je sledeći: - posvimo jednčinu Pn ( ) Q n ( ) b λ = + + + Ovde je Q ( ) n polinom (n-) vog sepen s neodredjenim koefiijenim. - ovu jednčinu diferenirmo - zim sve pomnožimo s - s obe srne dobijmo polinome red n, p neodredjene koefiijene odredjujemo izjednčvnjem koefiijen uz ise sepene -. Kko je polinom Pn ( ) u zdim njčešće drugog sepen počen jednčin će bii: m + p+ r =(A+) + λ Ali, njbolje d o vidimo n primeru: 0

primer 7. + = + + Posvimo jednčinu: = A+ + + + diferenirmo + + + + + ( ) λ + = ( A+ )` + + + ( + + )`( A+ ) + + + + + λ = A + + + ( + + )`( A+ ) + + + + + + + + = A + + + + + + + = A + + + + + λ (+ ) ( A+ ) + + + + + ( + ) ( A+ ) + + + + ( + ) ( A+ ) ( ) ( ) ( ) λ λ + + λ = A + + + +... / i + + + + + + + + + = A + + + + A+ + λ Sd uporedjujemo koefiijene: + = A + + + + A+ + λ ( ) ( ) ( ) A A A A A + = + + + + + + + λ + = A + A+ + A+ + λ uporedjujemo ( ) A= A= A+ = A+ + λ= 0 A+ = + = = 0 A+ + λ= 0 + 0+ λ= 0 λ= Vrimo se u počenu jednčinu: + = ( A+ ) + + + λ + + + + = (+ 0) + + + + = + + + +

D rešimo posebno ovj inegrl... + = = = = = = + + + + + ( + ) + = d + : = ln + ± + ± uporebimo C = ln + + + C= ln + + + + + C Končno, rešenje će bii: + = + + + + + + = + + ln + + + + + C primer 8. = Ako se seće, ovj inegrl smo rešvli u fjlu prijln inegrij. Td smo rekli d on može d se rešv n više nčin. Evo kko bi išlo rešvnje meodom Osrogrdskog. Nrvno, ope rionlizijom mlo preprvimo podinegrlnu funkiju... = =

Sd je ovo oblik koji nm reb = ( A+ ) + λ diferenirmo = A + λ A A A A A λ ( A+ ) + = A + ( A+ ) +.../ i = ( ) ( + ) + λ = A + A + λ uporedjujemo A= = 0 = 0 A = + λ + λ = Rešvmo ovj sisemčić A= + λ = λ= Vrimo se u posvku = ( A+ ) + λ = + = + rsin + C www.memirnje.in.rs